2019年高考真题—普通高等学校统一考试—理科数学（天津卷）—解析版

2019年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）
数学（理工类）
第Ⅰ卷 注意事项：
1.每小题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

2.本卷共8小题。

参考公式：
·如果事件、互斥，那么. ·如果事件、相互独立，那么. ·圆柱的体积公式，其中表示圆柱的底面面积，表示圆柱的高. ·棱锥的体积公式，其中表示棱锥的底面面积，表示棱锥的高. 一、选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 1.设集合， ， ，则 A. {2} B. {2，3} C. {-1，2，3} D. {1，2，3，4} 【答案】D 【解析】 【分析】 先求，再求。

【详解】因为， 所以. 故选D。

【点睛】集合的运算问题，一般要先研究集合中元素的构成，能化简的要先化简，同时注意数形结合，即借助数轴、坐标系、韦恩图等进行运算． 2.设变量满足约束条件，则目标函数的最大值为 A. 2 B. 3 C. 5 D. 6 【答案】D 【解析】 【分析】 画出可行域，用截距模型求最值。

【详解】已知不等式组表示的平面区域如图中的阴影部分。

目标函数的几何意义是直线在轴上的截距， 故目标函数在点处取得最大值。

由，得， 所以。

故选C。

【点睛】线性规划问题，首先明确可行域对应的是封闭区域还是开放区域，分界线是实线还是虚线，其次确定目标函数的几何意义，是求直线的截距、两点间距离的平方、直线的斜率、还是点到直线的距离等等，最后结合图形确定目标函数最值或范围．即：一画，二移，三求． 3.设，则“”是“”的( ) A. 充分而不必要条件 B. 必要而不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件 【答案】B 【解析】 【分析】 分别求出两不等式的解集，根据两解集的包含关系确定. 【详解】化简不等式，可知 推不出；

由能推出， 故“”是“”的必要不充分条件， 故选B。

【点睛】本题考查充分必要条件，解题关键是化简不等式，由集合的关系来判断条件。

4.阅读右边的程序框图，运行相应的程序，输出的值为 A. 5 B. 8 C. 24 D. 29 【答案】B 【解析】 【分析】 根据程序框图，逐步写出运算结果。

【详解】， 结束循环，故输出。

故选B。

【点睛】解答本题要注意要明确循环体终止的条件是什么，会判断什么时候终止循环体． 5.已知抛物线的焦点为，准线为.若与双曲线的两条渐近线分别交于点A和点B，且（为原点），则双曲线的离心率为 A. B. C. 2 D. 【答案】D 【解析】 【分析】 只需把用表示出来，即可根据双曲线离心率的定义求得离心率。

【详解】抛物线的准线的方程为， 双曲线的渐近线方程为， 则有 ∴，，， ∴。

故选D。

【点睛】本题考查抛物线和双曲线的性质以及离心率的求解，解题关键是求出AB的长度。

6.已知，，，则的大小关系为（ ）
A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 利用等中间值区分各个数值的大小。

【详解】， ， ，故， 所以。

故选A。

【点睛】本题考查大小比较问题，关键选择中间量和函数的单调性进行比较。

7.已知函数是奇函数，将的图像上所有点的横坐标伸长到原来的2倍（纵坐标不变），所得图像对应的函数为.若的最小正周期为，且，则（ ）
A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 只需根据函数性质逐步得出值即可。

【详解】因为为奇函数，∴；

又 ，，又 ∴， 故选C。

【点睛】本题考查函数的性质和函数的求值问题，解题关键是求出函数。

8.已知，设函数若关于的不等式在上恒成立，则的取值范围为（ ）
A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 先判断时，在上恒成立；
若在上恒成立，转化为在上恒成立。

【详解】∵，即， （1）当时，， 当时，， 故当时，在上恒成立；

若上恒成立，即在上恒成立， 令，则， 当函数单增，当函数单减， 故，所以。当时，在上恒成立；

综上可知，的取值范围是， 故选C。

【点睛】本题考查分段函数的最值问题，关键利用求导的方法研究函数的单调性，进行综合分析。

第Ⅱ卷 二.填空题：本大题共6小题. 9.是虚数单位，则的值为__________. 【答案】 【解析】 【分析】 先化简复数，再利用复数模的定义求所给复数的模。

【详解】。

【点睛】本题考查了复数模的运算，是基础题. 10.是展开式中的常数项为________. 【答案】 【解析】 【分析】 根据二项展开式的通项公式得出通项，根据方程思想得出的值，再求出其常数项。

【详解】， 由，得， 所以的常数项为. 【点睛】本题考查二项式定理的应用，牢记常数项是由指数幂为0求得的。

11.已知四棱锥的底面是边长为的正方形，侧棱长均为.若圆柱的一个底面的圆周经过四棱锥四条侧棱的中点，另一个底面的圆心为四棱锥底面的中心，则该圆柱的体积为__________. 【答案】. 【解析】 【分析】 根据棱锥的结构特点，确定所求的圆柱的高和底面半径。

【详解】由题意四棱锥的底面是边长为的正方形，侧棱长均为，借助勾股定理，可知四棱锥的高为，.若圆柱的一个底面的圆周经过四棱锥四条侧棱的中点，故圆柱的高为，一个底面的圆心为四棱锥底面的中心，圆柱的底面半径为，故圆柱的体积为。

【点睛】圆柱的底面半径是棱锥底面对角线长度的一半、不是底边棱长的一半。

12.设，直线和圆（为参数）相切，则的值为____. 【答案】 【解析】 【分析】 根据圆的参数方程确定圆的半径和圆心坐标，再根据直线与圆相切的条件得出满足的方程，解之解得。

【详解】圆化为普通方程为， 圆心坐标为，圆的半径为， 由直线与圆相切，则有，解得。

【点睛】直线与圆的位置关系可以使用判别式法，但一般是根据圆心到直线的距离与圆的半径的大小作出判断。

13.设，则的最小值为______. 【答案】 【解析】 分析】 把分子展开化为，再利用基本不等式求最值。

【详解】 ， 当且仅当，即时成立， 故所求的最小值为。

【点睛】使用基本不等式求最值时一定要验证等号是否能够成立。

14. 在四边形中，， ， ， ，点在线段的延长线上，且，则__________. 【答案】. 【解析】 【分析】 建立坐标系利用向量的坐标运算分别写出向量而求解。

【详解】建立如图所示的直角坐标系，则，。

因为∥，，所以， 因为，所以， 所以直线的斜率为，其方程为， 直线的斜率为，其方程为。

由得，， 所以。

所以 【点睛】平面向量问题有两大类解法：基向量法和坐标法，在便于建立坐标系的问题中使用坐标方法更为方便。

三.解答题.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. 15. 在中，内角所对的边分别为.已知，. （Ⅰ）求值；

（Ⅱ）求的值. 【答案】(Ⅰ) ；

(Ⅱ) . 【解析】 【分析】 (Ⅰ)由题意结合正弦定理得到的比例关系，然后利用余弦定理可得的值 (Ⅱ)利用二倍角公式首先求得的值，然后利用两角和的正弦公式可得的值. 【详解】(Ⅰ)在中，由正弦定理得， 又由，得，即. 又因为，得到，. 由余弦定理可得. (Ⅱ)由(Ⅰ)可得， 从而，. 故. 【点睛】本题主要考查同角三角函数的基本关系，两角和的正弦公式，二倍角的正弦与余弦公式，以及正弦定理､余弦定理等基础知识.考查计算求解能力. 16.设甲、乙两位同学上学期间，每天7：30之前到校的概率均为.假定甲、乙两位同学到校情况互不影响，且任一同学每天到校情况相互独立. （Ⅰ）用表示甲同学上学期间的三天中7：30之前到校的天数，求随机变量的分布列和数学期望；

（Ⅱ）设为事件“上学期间的三天中，甲同学在7：30之前到校的天数比乙同学在7：30之前到校的天数恰好多2”，求事件发生的概率. 【答案】（Ⅰ）见解析；
（Ⅱ）
【解析】 【分析】 (Ⅰ)由题意可知分布列为二项分布，结合二项分布的公式求得概率可得分布列，然后利用二项分布的期望公式求解数学期望即可；

(Ⅱ)由题意结合独立事件概率公式计算可得满足题意的概率值. 【详解】(Ⅰ)因为甲同学上学期间的三天中到校情况相互独立，且每天7:30之前到校的概率均为， 故，从面. 所以，随机变量的分布列为：
0 1 2 3 随机变量的数学期望. (Ⅱ)设乙同学上学期间的三天中7:30之前到校的天数为，则. 且. 由题意知事件与互斥， 且事件与，事件与均相互独立， 从而由(Ⅰ)知：
. 【点睛】本题主要考查离散型随机变量的分布列与数学期望，互斥事件和相互独立事件的概率计算公式等基础知识.考查运用概率知识解决简单实际问题的能力. 17.如图，平面，，. （Ⅰ）求证：平面；

（Ⅱ）求直线与平面所成角的正弦值；

（Ⅲ）若二面角的余弦值为，求线段的长. 【答案】（Ⅰ）见证明；
（Ⅱ）（Ⅲ）
【解析】 【分析】 首先利用几何体的特征建立空间直角坐标系 (Ⅰ)利用直线BF的方向向量和平面ADE的法向量的关系即可证明线面平行；

(Ⅱ)分别求得直线CE的方向向量和平面BDE的法向量，然后求解线面角的正弦值即可；

(Ⅲ)首先确定两个半平面的法向量，然后利用二面角的余弦值计算公式得到关于CF长度的方程，解方程可得CF的长度. 【详解】依题意，可以建立以A为原点，分别以的方向为x轴，y轴，z轴正方向的空间直角坐标系(如图)， 可得. 设，则. (Ⅰ)依题意，是平面ADE的法向量， 又，可得， 又因为直线平面，所以平面. (Ⅱ)依题意，， 设为平面BDE的法向量， 则，即， 不妨令z=1，可得， 因此有. 所以，直线与平面所成角的正弦值为. (Ⅲ)设为平面BDF的法向量，则，即. 不妨令y=1，可得. 由题意，有，解得. 经检验，符合题意｡ 所以，线段的长为. 【点睛】本题主要考查直线与平面平行、二面角、直线与平面所成的角等基础知识.考查用空间向量解决立体几何问题的方法.考查空间想象能力、运算求解能力和推理论证能力. 18.设椭圆的左焦点为，上顶点为.已知椭圆的短轴长为4，离心率为. （Ⅰ）求椭圆的方程；

（Ⅱ）设点在椭圆上，且异于椭圆的上、下顶点，点为直线与轴的交点，点在轴的负半轴上.若（为原点），且，求直线的斜率. 【答案】（Ⅰ）（Ⅱ）或. 【解析】 【分析】 (Ⅰ)由题意得到关于a,b,c的方程，解方程可得椭圆方程；

(Ⅱ)联立直线方程与椭圆方程确定点P的坐标，从而可得OP的斜率，然后利用斜率公式可得MN的斜率表达式，最后利用直线垂直的充分必要条件得到关于斜率的方程，解方程可得直线的斜率. 【详解】(Ⅰ) 设椭圆的半焦距为，依题意，，又，可得，b=2，c=1. 所以，椭圆方程为. (Ⅱ)由题意，设.设直线的斜率为， 又，则直线的方程为，与椭圆方程联立， 整理得，可得， 代入得， 进而直线的斜率， 在中，令，得. 由题意得，所以直线的斜率为. 由，得， 化简得，从而. 所以，直线的斜率为或. 【点睛】本题主要考查椭圆的标准方程和几何性质､直线方程等基础知识.考查用代数方法研究圆锥曲线的性质.考查运算求解能力，以及用方程思想解决问题的能力. 19.设是等差数列，是等比数列.已知. （Ⅰ）求和的通项公式；

（Ⅱ）设数列满足其中. （i）求数列的通项公式；

（ii）求. 【答案】（Ⅰ）；
（Ⅱ）（i）（ii）
【解析】 【分析】 (Ⅰ)由题意首先求得公比和公差，然后确定数列的通项公式即可；

(Ⅱ)结合(Ⅰ)中的结论可得数列的通项公式，结合所得的通项公式对所求的数列通项公式进行等价变形，结合等比数列前n项和公式可得的值. 【详解】(Ⅰ)设等差数列的公差为，等比数列的公比为. 依题意得，解得， 故，. 所以，的通项公式为，的通项公式为. (Ⅱ)(i). 所以，数列的通项公式为. (ii) . 【点睛】本题主要考查等差数列､等比数列的通项公式及其前n项和公式等基础知识.考查化归与转化思想和数列求和的基本方法以及运算求解能力. 20.设函数为的导函数. （Ⅰ）求的单调区间；

（Ⅱ）当时，证明；

（Ⅲ）设为函数在区间内的零点，其中，证明. 【答案】（Ⅰ）单调递增区间为的单调递减区间为.（Ⅱ）见证明；
（Ⅲ）见证明 【解析】 【分析】 (Ⅰ)由题意求得导函数的解析式，然后由导函数的符号即可确定函数的单调区间；

(Ⅱ)构造函数，结合(Ⅰ)结果和导函数的符号求解函数的最小值即可证得题中的结论；

(Ⅲ)令，结合(Ⅰ)，(Ⅱ)的结论、函数的单调性和零点的性质放缩不等式即可证得题中的结果. 【详解】(Ⅰ)由已知，有. 当时，有，得，则单调递减; 当时，有，得，则单调递增. 所以，的单调递增区间为， 的单调递减区间为. (Ⅱ)记.依题意及(Ⅰ)有：， 从而.当时，，故 . 因此，在区间上单调递减，进而. 所以，当时，. (Ⅲ)依题意，，即. 记，则. 且. 由及(Ⅰ)得. 由(Ⅱ)知，当时，，所以在上为减函数， 因此. 又由(Ⅱ)知，故：
. 所以. 【点睛】本题主要考查导数的运算､不等式证明､运用导数研究函数的性质等基础知识和方法.考查函数思想和化归与转化思想.考查抽象概括能力､综合分析问题和解决问题的能力.

推荐访问:浙江省高考理科数学真题及解析 全国卷1高考理科数学 江西高考预测卷理科数学 湖北高考预测卷理科数学 广东高考预测卷理科数学 高考全国卷1理科数学试题答案及解析 文科数学高考真题卷全国2卷 2014年上海高考数学理科卷解析版 2016四川卷高考真题数学理科 四川卷高考真题数学理科